黄冈中考物理真题

黄冈中考物理真题（共4篇）

黄冈中考物理真题 篇1

一、选择题

1.下列说法正确的是

A.震耳的鼓声是由鼓面振动产生的 B.考场附近禁止鸣笛是为了阻断噪声传播 C.电磁波不能在真空中传播 D.微波炉是用声波来加热食品的 【答案】A 【解析】震耳的鼓声是由鼓面振动产生的，故A正确； “禁止鸣笛”是为了防止产生噪声，在声源处减弱噪声，故B错误；电磁波能在真空中传播，故B错误；利用微波是利用电磁波加热食品的，故D错误，故选A。

点睛：本题是一道综合题，考查的是声音的产生和防治噪声的途径及电磁波的应用，难度不大，注意分清易错易混之处。2.下列判断错误的是

A.医生用小镜子检査牙齿利用了平面镜成像 B.近视眼应配戴合适的凸透镜来矫正 C.池水看起来比实际的浅是由光的折射产生的 D.手机拍照时成的是物体缩小的实像 【答案】B 【解析】因为平面镜既可以成像，也可以改变光线的方向，所以牙科医生常用小镜子检查牙齿，故A 正确；近视眼是由于晶状体曲度过大，像将成在视网膜前方，凹透镜可以使光线发散，所以应佩戴凹透镜矫正近视眼，故B错误；池水看起来比实际的浅是由光的折射形成的，故C正确；手机拍照是利用凸透镜能成倒立、缩小的实像的原理，故D正确，故只有B符合题意。

点睛：本题考查的是有关光现象，综合性较强，但都是光学的基础知识，难度不大。

3.如图所示是调光台灯的简化电路图,L标有“220V40W”。闭合开关S,不考虑灯泡电阻的变化,则

A.当滑片P从b端向a端移动时,电路总电阻变大 B.当滑片P从a端向b端移动时,灯泡变亮 C.当滑片P在a端时,灯泡正常发光 D.当滑片P在b端时,电路总功率最大 【答案】C 【解析】由电路图知道，灯泡和滑动变阻器串联在一起；当滑片P从b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以电路总电阻变小，故A错误；当滑片P从a端向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电阻变大，电流减小，由P=IR知道，灯泡的实际功率减小，灯泡亮度会变暗，故B错误；当滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，灯泡两端的电压等于电源电压220V，所以灯泡正常发光，故C正确；当滑片P在b端时，总电阻最大，电路中电流最小，由P=UI知道，电路总功率最小，故D错误，故选C。

点睛：本题考查都是电路的动态分析，解题的关键是明确滑动变阻器滑片位置不同时，接入电路电阻的特点。

4.如图是打台球时的情景。下列分析正确的是

A.用球杆击球时,台球的运动状态改变了,是由于受到球杆施加的力 B.台球被击出后能继续向前运动,是由于受到了向前的力 C.水平桌面上运动的台球没有受到摩擦力

D.水平桌面上做减速运动的台球,在水平方向受到平衡力 【答案】A 【解析】力的作用效果有两个，一是力可改变物体的运动状态；二是力可改变物体的形状。当用球杆击球时，台球受到球杆施加的力，而改变了运动状态，故A正确；球离开球杆后，就不再受到向前的力的作用，能继续运动是由于球有惯性，故B错误；水平桌面不是绝对光滑，在上面运动的台球由于受到摩擦力的作用而慢慢停下，故C错误；水平桌面上做减速运动的台球，运动状态发生改变，是处于非平衡状态，受到非平衡力的作用，故D错误，故选A。

点睛：本题是一道综合题，考查了力的作用效果、惯性、摩擦力和平衡力等有关知识，解题的关键是理解有关物理概念和规律。

5.在冬季,某地的地下水管破裂,水喷射出来形成了如图所示的“冰花”。虽然气温没有回升,过一段时间,发现“冰花”还是变小了.以下分析正确的是

A.“冰花”是由空气中水蒸气凝华而形成的 B.“冰花”是由喷射出来的水凝固而形成的 C.“冰花”形成时的气温为0℃ D.“冰花”变小过程中要放热 【答案】B 【解析】根据题意知道“冰花”应是喷射出来的水遇冷凝固形成的，是凝固现象，故A错误，B正确；凝固的条件：到达凝固点继续放热，水的凝固点为0℃，气温低于或等于0℃，如果继续放热，就会凝固，所以“冰花”形成时的气温不一定为0℃，也可以低于0℃，故C错误；“冰花”变小是固态的冰升华形成水蒸气，升华吸热，故D错误，故选B。

点睛：本题考查的是物态变化，解题的关键是要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

6.中央电视台“加油向未来”某期节目中,有一项比赛,两个小组利用完全相同的设备,通过骑车发电来烤熟两个一样的面包,首先烤熟面包的小组获胜。以下判断正确的是 A.骑车发电利用了电流的磁效应 B.骑车发电利用了磁场对电流的作用 C.获胜小组获得的电流要大些

D.两个小组烤熟面包用的发热体是串联的 【答案】C 【解析】骑车发电是将机械能转化为电能，利用的是电磁感应原理，故AB错误；由于两个小组利用的是完全相同的设备，所以电阻相同，由Q=I2 Rt知道，相同时间内产生的热量越多，即电流越大，面包越早熟，故C正确；两个小组烤熟面包用的发热体应是并联的，因为若是串联，则电流相同、电阻相同、通电时间相同，产生的热量也相同，故D错误，故选C。

点睛：本题以骑车发电来烤熟面包为题，考查了物理知识在骑车发电来烤熟面包上的应用，体现了物理与科技的联系，有一定意义。

7.据史书记载,我国宋朝治平年间,在今陕西境内发生了一次大洪水,洪水将固定浮桥用的八尊沉重的铁牛冲入了河底。当时有一个叫怀丙的人巧妙地将铁牛打捞了起来:把拴在一起的两艘大木船装满沙子,然后用绳索一端系住铁牛,拉紧后另一端拴在船上。把沙子缷入河中,铁牛就被拉起来了。以下判断正确的是 A.铁牛浸没后,随着深度增加,所受的浮力增大 B.铁牛被冲到河底后,只受到重力和浮力 C.用两艘大木船并装满沙子,是为了减小浮力

D.御下沙子的过程中,当木船排开水的体积减小时,铁牛就会被拉起 【答案】D 【解析】因为浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关，与深度无关，所以铁牛浸没后，随着深度增加，所受的浮力不变，故A错误；因为重力大于浮力，所以铁牛被冲到河里会沉到河底，故铁牛受到的有重力和浮力和河底的支持力，故B错误；当两艘大木船装满沙子，仍旧漂浮在水面上时，重力增大了，浮力也随之增大，所以是为了增大浮力，故C错误；卸下沙子的过程中，木船重力减小，所受浮力也减小，由F浮 =ρgV排 知道，此时木船排开水的体积在减小，所以会上浮的同时，把铁牛拉起，故D正确，故选D。点睛：此题考查的是阿基米德原理和物体浮沉条件，解题的关键是是对铁牛和船进行正确的受力分析。

二、填空与作图题

8.刚装修完的房子,打开房门就会闻到刺鼻的气味,这是_____运动的结果。为了减少新房子有害气体对人体造成的危害,根据温度越高,______越快,可以采取在高温季节来临前装修完并搁置一段时间、加强通风等措施。

【答案】(1).分子不停地做无规则(2).分子热运动

【解析】由分子动理论知道，一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，即扩散，温度越高，分子热运动越剧烈。进入刚装修完的房屋，我们常常会闻到一种刺鼻的气味，这气味主要来自装修材料中的甲醛这种对人体有害的气体分子不停地做无规则的结果，这是一种扩散现象。

点睛：本题主要考查的是分子动理论，考查了扩散现象及其影响的因素，难度不大，是一道基础题。9.暴雨天,在山体滑坡的地方,极易发生泥石流。原因之一是,在雨水的作用下,滑坡处的泥石与地面(泥石)之间的________减小了。泥石流在向下游流动的过程中,__________(填主要的能量转化)。与水流相比,由于相同体积泥石流的质量较大,故具有的_______能较大，其造成的破坏和损失更大。因此,暴雨天,尤其在山体滑坡的地方,要加强防范泥石流灾害。

【答案】(1).摩擦力(2).重力势能转化为动能(3).机械

【解析】在雨水的作用下，滑坡处的泥石与地面（泥石）之间的接触面变得光滑了，所以摩擦力减小了；泥石流在向下游流动的过程中，由于高度减小，重力势能减小，由于速度变大，动能变大，所以是重力势能转化为动能；动能的大小与质量和速度有关，所以速度相同的水流与泥石流相比，泥石流质量大，具有的动能就大，造成的破坏和损失也就大。

点睛：本题考查的是影响摩擦力大小的因素及影响动能大小的因素和能量的转化，难度不大，属于基础知识。

10.为了积极响应党和国家号召，践行绿色发展理念，某企业引进静电除尘设备，治理生产中的空气污染。启动静电除尘设备，混浊空气进入除尘腔即被电离成离子和电子，由于异种电荷互相__________，其中的电子会向设备的阳极板(带正电)运动，在运动过程中遇到尘粒，使尘粒带上_______选填“正“或“负）电荷，带了电的尘粒继续运动，碰到阳极板失去电性，在__________的作用下，落向底部的集尘板。【答案】(1).吸引(2).负(3).重力

【解析】当启动静电除尘设备时，混浊空气进入除尘腔即被电离成离子和电子，由于电子带负电，而阳极板带正电，又因为异种电荷互相吸引，所以电子会向设备的阳极板运动；在运动过程中电子遇到尘粒容易被吸附，通过接触带电使尘粒带负电，带了电的尘粒继续运动，碰到阳极板失去电性，就会发生电中和，于是在重力的作用下，落向底部的集尘板。

点睛：本题考查的是电荷间的相互作用、静电产生及现象，涉及静电除尘的原理，解题的关键是知道电子容易被吸附到灰尘上，使灰尘会吸附电子而带负电。

11.太阳光通过三棱镜后被分解成了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫几种颜色的光(如图)。此实验不仅表明了白光是由各种色光混合而成,而且表明了________光通过棱镜后偏折的程度比其他颜色的光要小。据此可以推断,红光在棱镜中传播速度最________。

【答案】(1).红(2).大

【解析】太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象；偏转能力越小，说明光的传播速度越快，而红光通过棱镜后偏折的程度比其他颜色的光要小，所以红光在棱镜中传播速度最快。

点睛：本题考查光的色散现象的基本常识，难度不大，需要熟练背诵并掌握。

12.有一个正负极标示不清的电源,为了分清正负极,某同学自制了一个螺线管,将其悬挂起来并使其在水平面内能自由转动。用该电源给螺线管通电,螺线管静止时A端指向北方(如图)。请在图中标出电源的正负极。

【答案】

【解析】由安培定则知道：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指所指向N极。地球是个大磁体，其N极在地球的南极附近，其S极在地球的北极附近；由图知道，螺线管静止时A端指北，所以A端为N极，即电流由左侧流入螺线管，右侧流出，所以电源的正负极如图：

点睛：本题考查的是安培定则的应用，其中涉及三个方向，即电流方向、磁场方向、线圈绕向，解题时只要知道其中的两个方向，就可以确定第三个。

13.雨后晴朗的夜晚,为了不踩到地上的积水,人们根据生活经验判断:迎着月光走,地上发亮的是水。请在示意图中作图以证明此判断。

【答案】

【解析】当迎着月光走时，地上的水对月光发生镜面反射，反射光线强，入射到人眼的光线多，感觉就亮，地面对月光发生漫反射，反射光线弱，感觉就暗，所以地上发亮的是水，光路如下：

点睛：考查考查的是平面镜相关作图、光的反射光路图的画法，解题的关键是知道人感觉物体的亮暗，与进入眼睛的光的多少有关，进入眼睛的光多就感觉亮，进入眼睛的光少就感觉暗。

三、实验与探究题

14.(1)在测量水温度的实验中,某同学的做法如图甲所示。该做法存在的错误是__________________。改正错误后,温度计的示数如图乙所示,则水的温度为________。

(2)在测量物体平均速度的实验中,需要的器材有:斜面、小车、木块、金属片、停表、________。实验时,同学们发现小车运动时间太短。为了方便测量时间,减小实验误差,可以______________。

【答案】(1).温度计玻璃泡没有浸没在水中(2).22oC(3).刻度尺(4).减小斜面坡度 【解析】（1）温度计的正确使用方法是：温度计的玻璃泡全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；由图甲知道错误之处是，温度计的玻璃泡未完全浸没到被测液体中；由乙图知道分度值为1℃，温度计的刻度是越往上示数越大，即对应的温度是零摄氏度以上，所以图甲中水的温度是22℃；

（2）计算平均速度需要知道路程和运动时间，根据所给器材知道可以用停表测量出时间，但还需要用刻度尺测量路程；因为斜面坡度越大，小车沿斜面向下加速运动越快，过某点的时间会越短，计时会越困难，所以为使计时方便，应减小斜面坡度。

点睛：本题考查了两个实验，一是温度计的正确使用方法和正确读数方法；二是“测小车的平均速度”，实验一中，特别要注意液柱在零刻度的上方还是下方；实验二考查的实验中需要的测量工具以及实验注意事项，难度都不大，属于基础题。15.在探究并联电路电流规律的实验中

(1)为了防止损坏电流表,在不能事先估计电流大小的情况下,应先进行________,以正确选择电流表或电流表的量程。

(2)小方连接的部分电路如图所示,请你将电路连接完整_____________。

(3)小方将以上电路连接完后,闭合开关,调节滑动变阻器,发现灯泡L1和L2发光、电流表A1和A2有示数、电流表A示数为零。则电路故障可能________(4)排除故障,进行实验,小方记录了如下数据。

分析以上实验数据,小方发现通过两条支路的电流总是相等。为了探究这个发现是否具有普遍性,可以_________________,再进行实验。

【答案】(1).试触(2).(3).电流表A被短路(4).将L1（L2）换成另一个规格不同的灯泡

【解析】（1）不能估测被测电流情况下，可先用大量程进行试触，然后正确选择电流表或电流表的量程；（2）由图知道，为了连接并联电路，电流需要从电流表A1的正接线柱流入，从负接线柱流出即可，电路如图：

（3）根据题意知道，闭合开关，调节滑动变阻器，发现灯泡L1 和L2 发光、电流表A1 和A2有示数，电流表A示数为零，说明并联支路部分没有故障，所以故障应是电流表A短路；

（4）因为通过两条支路的电流总是相等，说明使用的是规格相同的灯泡，为了使实验结论更具科学性，普遍性，可以更换不同规格的灯泡重新进行实验。

点睛：本题考查的探究并联电路电流特点的实验，考查了电流表的量程的选择和正负接线柱的接法，需要注意为了使实验结论更具科学性，普遍性，就要用不同的规格的电灯，多做几次实验。16.用如图所示的器材探究杠杆的平衡条件。

(1)实验前调节杠杆上的________使杠杆在不挂钩码时,保持水平并静止,这是为了_____________。(2)在已经平衡的杠杆的左侧钩码下加挂钩码,为了使杠杆尽快平衡,下列做法正确且合理的是_______ ．．．．．A.只把右侧钩码向右移 B.只把左侧钩码向左移 C.把左右两侧钩码同时向左移动 D.把左右两侧钩码同时向右移动

(3)杠杆在两个力的作用下平衡时,F1l1=F2l2,此时动力作用的效果与阻力作用的效果互相抵消。据此,如果杠杆受到动力F1、F2和阻力F3三个力的作用,杠杆的平衡条件是什么呢?请你提出猜想:_______(用公式表达)。【答案】(1).螺母(2).便于实验时能从杠杆上直接读出力臂(3).A(4).见解析 【解析】(1)实验前调节杠杆上的平衡螺母，使杠杆在不挂钩码时，保持水平并静止，这是为了忽略杠杆的自重对实验的影响，便于实验时能从杠杆上直接读出力臂；因为杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；

（2）在已经平衡的杠杆的左侧钩码下加挂钩码，就会由于左侧力×力臂的值大于右侧而下沉，所以为了使杠杆尽快平衡，应同时调节两侧钩码，使左侧左侧力×力臂的值减小的同时，使右侧左侧力×力臂的值增大，所以应把左右两侧钩码同时向右移动，故正确且合理的是D。

（3）根据杠杆平衡条件知道，若杠杆的动力与动力臂乘积之和（F1 L1 +F2 L2）与杠杆阻力与阻力臂的乘积F1 L1相等，则杠杆应平衡，所以猜想杠杆受到动力F1、F2和阻力F3三个力的作用的平衡条件是F3 L3 +F2 L2 =F1 L1。

点睛：本题考查的是研究“杠杆平衡条件”，考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的运用，略有难度。

四、综合应用题

17.洗碗机是自动清洗碗、筷、盘、碟等餐具的机器。某型号家用洗碗机工作程序为:首先给水箱注水,当水注满时停止注水并自动加热,水温上升到50℃即停止加热,洗涤程序启动,水从喷管喷出对餐具清洗、喷淋,直到洗涤过程结束,排水泵启动,将水箱中的废水排出。水的比热容为4.2×10３J/(kg·℃),设水箱中水的初温为20℃,加热时产生的热量全部被水吸收。

（1）图甲为等效的加热电路图,R为发热电阻,其中位于水箱上部的两个导电块A、B组成一个开关。此开关除了具有注满水自动加热功能(一般的水是导体)外,还具有当加热过程中意外排水或排水阀没有关好时,_____的功能。

（2）图乙为该洗碗机某次正常工作时的P-t图象。求发热电阻的阻值多大_______?不计水的电阻。（3)某家庭每天洗碗2次,若人工洗碗一次用水20kg,则改用该洗碗机洗碗,该家庭一年(按300天)可节水多少千克_________?

【答案】(1).自动停止加热(2).见解析(3).见解析

【解析】（1）由等效的加热电路图知道，洗碗机位于水箱上部的两个导电块A、B组成一个开关，即住满水时电路接通自动加热功能（一般的水是导体）开启，同时具有当加热过程中意外排水或排水阀没有关好时，开关自动断开，即还具有自动停止加热的功能；（2）由图乙知道，该洗碗机正常加热时的功率是：P=800W，由于不计水的电阻，故由P=U/R可知，发热电阻的阻值是：R=U/P=(220V)800W=60.5Ω；（3）由图乙知道，该洗碗机正常加热时间是：t=22min-1min=21min，由P=W/t可知加热消耗的电能是：W=Pt=800W×21×60s=1.008×106 J，又因为加热时产生的热量全部被水吸收，即Q吸=W=1.008×106 J，由Q=cm△t可知，洗碗机一次洗碗用水的质量是：

222/m=Q/c△t=1.008×106J/4.2×103J/(kg•℃×(50℃−20℃)=8kg，因为人工洗碗一次用水20kg，该选碗机洗碗一次用水8kg，所以，该家庭一年（按300天）可节约水的质量是：m总=（20kg-8kg）×2×300=7200kg。

点睛：本题是一道电学与热学的综合计算，考查了电功、电功率及热量的计算，解题的关键是公式及其变形的灵活运用，同时还培养了学生的节能意识。

18.爬梯式混凝土搅拌机(如图)是用于一般建筑工地、桥梁水电等工程的建筑机械,由搅拌部分和提升部分组成。工作时,搅拌机将原料加工成混凝土后自动倒入运料斗。在提升电机的带动下,运料斗通过顶端的定滑轮沿竖直爬梯上升到一定位置,然后将混凝土缷下。已知某型号爬梯式混凝土搅拌机部分参数如下表所示。求

(1)若搅拌机与地面的接触面积为0.05m2,则工作前搅拌机对水平地面的压强是多大?(2)若运料斗每完成一次运料平均耗时lmin,每次所装混凝土质量为400kg,则运送30m的混凝土需要多长时间?设混凝土的密度为2×103kg/m3。

(3)某次将装有4000N混凝土的运料斗提升到某高度用时16s,提升部分的机械效率为80%，则提升过程中运料斗受到爬梯的阻力是多大?不计绳重、滑轮摩擦及空气阻力。【答案】见解析

【解析】（1）由铭牌知道搅拌机整机的质量是：m=1970kg，其重力是：G=mg=1970kg×10N/kg=19700N，工作前搅拌机对地面的压力等于重力：F=G =19700N 又因为搅拌机与地面的接触面积是：S=0.05m2，所以工作前搅拌机对水平地面的压强是：p=F/S=19700N/0.05m2=3.94×105 Pa（2）根据题意知道，混凝土的密度是：ρ=2×103kg/m3，所以30m2 的混凝土的质量是：m=ρV=30m3 ×2×103 kg/m3 =6×104 kg，若每次所装混凝土质量是400kg，则要运料的次数是：n=6×104kg/400kg=150，又因为运料斗每完成一次运料平均耗时1min，所以运送30m 的混凝土需要时间是：

2t=150×1min=150min；

（3）根据题意知道，有用功应是克服混凝重力做的功，由于不计绳重、滑轮摩擦及空气阻力，所以做的额外功为克服运料斗的重力和克服运料斗受到爬梯的阻力做的功，即提升部分的机械效率是：η=即80%=4000N/4000N+600N+f×100%，所以，提升过程中运料斗受到爬梯的阻力是：f=400N。

点睛：本题考查的是压强公式、密度、机械效率公式的应用，最后一问解题的关键是明确在不计绳重、滑轮摩擦及空气阻力的条件下额外功的来源。

黄冈中考物理真题 篇2

目 录

第一部分 中共新津县委城乡社区发展治理委员会概况

一、基本职能及主要工作

二、部门预算单位构成

第二部分 中共新津县委城乡社区发展治理委员会2018年部门预算情况说明 第三部分 名词解释

第四部分 2018年部门预算表

一、财政拨款收支总表 二、一般公共预算支出表 三、一般公共预算基本支出表

四、财政拨款“三公”经费支出表

五、政府性基金预算支出表

六、部门收支总表

七、部门收入总表

八、部门支出总表

第一部分 中共新津县委城乡社区

发展治理委员会概况

中共新津县委城乡社区发展治理委员会

2018年部门预算说明

一、基本职能及主要工作

（一）基本职能

1、机构设置

2017年11月经县编办[2017]26号设立县委城乡社区发展治理委员会（简称县委社治委），人员编制共14名，其中：行政编制共9名，事业编制5名。内设机构：设立综合科、社区治理科、社区统筹改革发展科3个内设机构，各配备1职，按部门中层干部配备。下属事业机构：设立“城乡社区发展治理服务中心”，为县委社治委下属事业单位，核定事业编制5名，1正1副，按部门中层干部配备。

2、县委社治委主要职责

（1）牵头制定城乡社区治理体系建设的中长期目标和阶段性任务；负责统筹城乡社区发展治理体制机制改革，构建以党组织为核心的新型城乡社区治理体系。

（2）指导编制城乡社区发展规划；负责统筹推进城乡社区有机更新和城乡社区公共服务供给能力建设。

（3）牵头建立城乡社区发展治理资源统筹机制和人、财、物投入保障机制；负责统筹推进城乡社区资源优化整合；指导城乡社区区域化资源共享工作。

（4）负责统筹推进镇乡（街道）综合管理体制改革、城乡基层行政事项准入制度改革和城乡基层治理人才支撑体系。

（5）负责统筹推进城乡社区多元治理体系建设；承担城乡社区区域化党建工作；指导推动社会组织、集体经济组织参与城乡社区治理；指导基层群众性自治组织规范化建设。

（6）牵头制定城乡社区发展治理考核标准体系、城乡社区发展治理评价体系，推动建立评价结果公开机制；组织实施城乡社区发展治理考核评价工作。

（7）负责城乡社区发展治理工作理论政策实践研究；组织协调城乡社区发展治理宣传工作，总结推广经验做法。

（8）承办县委交办的其他事项。

（二）2018年重点工作

贯彻落实中央和省委、市委关于加强城乡社区发展治理工作要求，坚定不移转理念、转职能、转方式、转机制、转形态，构建“13663”工作机制，加快推进城乡社区发展治理“五大行动”落地落实落细，让城市更有温度、市民生活更有质感。

1、围绕“一个定位”

建设家庭和睦、邻里和谐、生活和美的“一家人·一家亲”幸福家园。

2、夯实“三项基础”

夯实“组织建设、队伍建设、阵地建设”三项基础工作。

一是强化组织建设。健全社区发展治理县、镇、村三级组织架构，构

建统一领导、上下联动、协调有序、各负其责的工作格局。按照地缘、业缘、趣缘灵活设置党组织，成立综合党委，推行兼职委员、联席会议等制度，探索形成区域化党建体系。

二是强化队伍建设。建强“村（社区）党组织书记、社工人才、社区志愿者、网格员、群团骨干”五支队伍，打造专业化、职业化社区人才队伍。

三是强化阵地建设。推进社区党群活动中心提档升级；整合现有资源，实施镇社治服务中心、村（社区）“一家人一家亲”服务驿站规范化建设，实现实体化运行，常态化管理。

3、实施“六项工程”

实施“城市塑造、乡村整治、就业充分、公服提质、乡风文明、平安创建”六项工程，切实解决一批与群众生产生活密切相关的难点问题，造福新津人民。

一是实施“城市塑造”工程。坚持政府主导、项目化运作和少拆多改、拆改结合，以规划为导向，以片区为单元，区域统筹整体推进老旧院落改造、背街小巷整治和特色街区创建，实现城市形态优化和整体功能提升。

二是实施“乡村整治”工程。加强环境综合治理，推进百村容貌整治、林盘聚落塑造、小游园微绿地建设，着力解决城乡社区污水排放和垃圾分类处理问题，提高环境承载能力，营造“干净、整洁、有序、宜居”的生产生活环境。

三是实施“就业充分”工程。探索农村生产要素股份量化改造，搭建

就业创业服务平台，健全创新创业指导体系，开展职业技能培训，多渠道、多形式汇聚各种人才，激发群众就业创业潜能。

四是实施“公服提质”工程。坚持以居民需求为导向，创新服务机制，按照每百户居民不低于30平方米的标准，健全服务配套设施，培育发展社会组织，改进政府购买服务方式，提升社区服务供给的能力、质量和效率，构建15分钟社区生活服务圈。

五是实施“新风文明”工程。以培育和践行社会主义核心价值观为根本，大力弘扬中华优秀传统文化，培育心口相传的城乡社区精神，增强居民群众的社区认同感、归属感、责任感和荣誉感，提升社会文明程度。

六是实施“平安创建”工程。深入推进“大联动·微治理”建设、“雪亮”工程建设，完善矛盾纠纷调处机制，开展法治大讲堂、法律进社区行动，推动政府、社会和居民共商共建共享，建设社区群众和谐共处的平安家园。

4、突出“六项重点”

结合新津特色，突出开展“三报到、强基兴村、集中居住区治理、微党建、邻里守望、基层政务公开”六项重点工作，联动推进社区发展治理。

一是“三报到”走基层。严格落实“两代表一委员”联系社区制度；推进“互联网+双报到”制度；常态化开展“三报到”工作。

二是“强基兴村”行动。继续深入推进“强基兴村”行动，实现“党建+”效应，促进村（社区）功能、服务提档升级，助推幸福美丽新村建设。

三是集中居住区治理。深化“一核多元·共治共享”治理机制，在全县300

户以上农民集中居住区开展“一家人·一家亲”共治共创行动。

四是“微党建”工作。在村（社区）、行业系统、“两新”领域，分层分类建立以“工作室”为主的“微党建”模式，选好工作室领办人，促进区域党建、社会治理取得新成效。

五是“邻里守望”活动。以“六个一”活动为主要载体，广泛发动社区居民群众开展形式多样的“邻里守望”活动，努力构建互知、互敬、互帮、互助的邻里关系，促进城乡社区法治、德治、自治有机融合，打造“有温度”的社区。

六是基层政务公开标准化规范化建设。围绕权力运行全流程、政务服务全过程，立足试点探索，积极推进基层政务公开标准化规范化，全面提升基层政务公开和政务服务水平。

5、健全“三项保障”

健全“联席会议、督促考核、奖惩激励”三项保障，构建统一领导、上下联动、各负其责、协调有序的城乡社区发展治理工作格局。

一是健全联席会议机制。建立县级城乡社区发展治理工作联席会议制度，定期研究工作，落实分解任务，协同推进工作。

二是健全督促考核机制。将城乡社区发展治理工作纳入县级目标考核体系，定期开展专项检查。健全以社区居民满意度为主要衡量标准的评价体系，引入第三方机构开展满意度测评。

三是健全奖惩激励机制。选拔优秀社区党组织书记进入镇乡（街道）领导班子，从优秀社区工作者中定向公开招聘事业干部，定期评选表彰先

进。严格责任追究，严肃问责、一追到底。

二、部门预算单位构成

从预算单位构成看，县委社治委部门预算包括：中共新津县委城乡社区发展治理委员会本级预算。

第二部分 中共新津县委城乡社区 发展治理委员会2018年部门预算情况说明

一、2018年财政拨款收支预算情况的总体说明

2018年财政拨款收支总预算1643.8万元。收入包括：一般公共预算当年拨款收入1643.8万元；支出包括：一般公共服务支出1643.8万元。

二、2018年一般公共预算当年拨款情况说明

（一）一般公共预算当年拨款规模变化情况

县委社治委部门2018年一般公共预算当年拨款1643.8万元，比2017年预算数0万元增加1643.8万元，增长100%，变动的主要原因是社治委为新增预算单位。

（二）一般公共预算当年拨款结构情况

一般公共服务（类）支出1600.16万元，占97.35%；社会保障和就业（类）支出18.86万元，占1.15%；医疗卫生和计划生育（类）支出5.46万元，占0.33%；住房保障（类）支出19.32万元，占1.17%。

（三）一般公共预算当年拨款具体使用情况

1、一般公共服务（类）党委办公厅（室）及相关机构事务（款）行政运行（项）预算数为100.16万元，比2017年预算数0万元增加100.16万元，增长100%，变动的主要原因是县委社治委为新增预算单位。

2、一般公共服务（类）党委办公厅（室）及相关机构事务

（款）事业运行（项）预算数为1500万元，比2017年预算数0万元增加1500万元，增长100%，变动的主要原因是县委社治委为新增预算单位。

3、社会保障和就业（类）行政事业单位离退休（款）机关事业单位基本养老保险缴费（项）预算数为13.47万元，比2017年预算数0万元增加13.47万元，增长100%，变动的主要原因是县委社治委为新增预算单位。

4、社会保障和就业（类）行政事业单位离退休（款）机关事业单位职业年金缴费（项）预算数为5.39万元，比2017年预算数0万元增加5.39万元，增长100%，变动的主要原因是县委社治委为新增预算单位。

5、医疗卫生与计划生育（类）行政事业单位医疗（款）行政单位医疗（项）预算数为5.46万元，比2017年预算数0万元增加5.46万元，增长100%，变动的主要原因是县委社治委为新增预算单位。

6、住房保障支出（类）住房改革支出（款）住房公积金（项）预算数为19.32万元，比2017年预算数0万元增加19.32万元，增长100%，变动的主要原因是县委社治委为新增预算单位。

三、2018年一般公共预算基本支出情况说明

县委社治委部门2018年一般公共预算基本支出143.8万元，其中：

人员经费120.96万元，主要包括：基本工资、津贴补贴、奖金、机关事业单位养老保险缴费、职业年金缴费、职工基本医疗保险缴费、其他社会保障缴费、住房公积金、其他工资福利支出；

公用经费22.84，主要包括：办公费、印刷费、水费、电费、差旅费、维修（护）费、会议费、培训费、公务接待费、工会经费、福利费、公务用车运行维护费、其他交通费用、其他商品和服务支出。

四、财政拨款安排“三公”经费预算情况说明

（一）因公出国（境）经费

2018年无因公出国（境）预算安排。

（二）公务接待费

2018年预算安排4.9万元，较2017年预算增加0万元，增长100 %，变动的主要原因是县委社治委是新增预算单位。

（三）公务用车购置及运行维护费

新津县机关后勤管理局核定车编1辆，目前实际车辆保有量为1辆。2018年预算安排公务用车购置及运行维护费3万元，较2017年预算增加3万元，增长100%，变动的主要原因是县委社治委是新增预算单位。

2018年安排公务用车购置经费0万元，拟新购公务用车0辆。2018年安排公务用车运行维护费3万元。用于1辆公务用车燃油、维修、保险等方面支出。

五、2018年政府性基金预算收支及变化情况的说明

县委社治委2018年没有使用政府性基金预算拨款安排的支出。

六、2018年预算收支及变化情况的总体说明

按照综合预算的原则，县委社治委部门所有收入和支出均纳入部门预算管理。收入包括：一般公共预算财政拨款收入；支出包括：一般公共服务支出、社会保障和就业支出、医疗卫生与计划生育支出、住房保障支出。县委社治委2018年收支总预算1643.8万元，比2017年预算数0万元增加1643.8万元，增长100%，变动的主要原因是县委社治委为新增预算单位。

七、2018年收入预算情况说明

县委社治委部门2018年收入预算1643.8万元，其中：一般公共预算拨款收入1643.8万元，占100%。

八、2018年支出预算情况说明

2018年部门预算本年支出总计1643.8万元，其中：基本支出预算143.8万元，占8.75%；项目支出预算1500万元，占91.25%。

九、其他重要事项的情况说明

（一）机关运行经费

县委社治委2018年履行一般行政管理职能、维持机关日常运转而开支的机关运行经费，合计14.3万元。

（二）政府采购情况

2018年县委社治委政府采购预算总额96.84万元，其中：政府采购货物预算6.84万元、政府采购服务预算90万元。

（三）国有资产占有使用情况

2018年，县委社治委部门共有车辆1辆，其中，一般公务用车1辆。2018年部门预算未安排购置车辆及单位价值200万元以上大型设备。

（四）绩效目标设置情况

2018年县委社治委部门实行绩效目标管理的项目1个，涉及一般公共预算1643.8万元。

第三部分 名词解释

县委社治委部门2018年部门预算名词解释

（一）收入类名词的解释

财政拨款收入：指行政事业单位从同级财政部门取得的财政预算资金。

一般公共预算收入：是指县级财政当年拨付的资金

（二）本部门使用到的支出功能科目解释

一般公共服务(类)党委办公厅（室）及相关机构事务(款)行政运行(项)：反映单位（包括实现公务员管理的事业单位）的基本支出。

一般公共服务(类)党委办公厅（室）及相关机构事务(款)一般行政管理事务(项)：反映单位（包括实现公务员管理的事业单位）未单独设置项及科目的其他项目支出。

社会保障和就业支出（类）行政事业单位离退休（款）机关事业单位基本养老保险缴费支出（项）：反映机关事业单位实施养老保险制度由单位缴纳的基本养老保险费支出。

社会保障和就业支出（类）行政事业单位离退休（款）机关事业单位职业年金缴费支出（项）：反映机关事业单位实施养老保险制度由单位实际缴纳的职业年金支出。

医疗卫生与计划生育支出（类）行政事业单位医疗（款）行政单位医疗（项）：反映财政部门集中安排的行政单位的基本医疗保险缴

费经费，未参加医疗保险的事业单位的公费医疗经费，按国家规定享受离休人员待遇的医疗经费。

住房保障支出（类）住房改革支出（款）住房公积金（项）：反映行政事业单位按人力资源和社会保障部、财政部规定的基本工资和津贴补贴以及规定比例为职工缴纳的住房公积金。

（三）对结转下年、基本支出等支出类名词的解释

结转下年：指以前预算安排、因客观条件发生变化无法按原计划实施，需延迟到以后按原规定用途继续使用的资金。

基本支出：指预算单位为保障机构正常运转、完成曰常工作任务而发生的人员支出和公用支出。

人员支出：指行政（事业）单位用于职工个人方面的费用开支。项目支出：指在基本支出之外为完成特定行政任务和事业发展目标所发生的支出。

（四）对三公经费、机关运行经费的名词解释

“三公"经费：纳入中央财政预决算管理的“三公”经费，是指中央部门用财政拨款安排的因公出国(境)费、公务用车购置及运行费和公务接待费。其中，因公出国(境)费反映单位公务出国(境)的国际旅费、国外城市间交通费、住宿费、伙食费、培训费、公杂费等支出；公务用车购置及运行费反映单位公务用车车辆购置支出(含车辆购置税)及租用费、燃料费、维修费、过路过桥费、保险费、安全奖励费用等支出；公务接待费反映单位按规定开支的各类公务接待(含外宾接待)支出。

机关运行经费：指各部门的公用经费（包含所有单位的公用经费及行政（参公）单位的运转类项目经费），包括办公及印刷费、邮电费、差旅费、会议费、福利费、曰常维修费、专用材料及一般设备购置费、办公用房水电费、办公用房取暖费、办公用房物业管理费、公务用车运行维护费以及其他费用。

（五）本部门使用的其他重要名词解释

财政支出绩效评价：是指财政部门和预算单位根据设定的绩效目标，运用科学、合理的绩效评价指标、评价标准和评价方法，对财政支出的经济性、效率性和效益性进行客观、公正评价的活动，是预算绩效管理的重要内容，在整个预算绩效管理中处于核心地位。

政府采购：指各级国家机关、事业单位和团体组织，使用财政性资金采购依法制定的采购目录以内的或者采购限额标准以上的货物、工程和服务行为。

2018年部门预算表

详见附件

黄冈中考物理真题 篇3

一、选择题

1．2017年4月22日，天舟一号与天宫二号实现自动交回对接，天宫二号空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室．下列说法正确的是（）A．天宫二号是靠超声波向地面传递信息的 B．天空二号在发射过程中，动能转化为重力势能

C．自动交回对接成功后，天舟一号相对于天宫二号是静止的 D．在空间实验室不能使用测力计测量手的握力

2．2017年1月4日人民网报道，广西贵港建成中国•东盟新能源电动车生产基地，关于电动车的下列说法，错误的是（）A．电动机是利用电磁感应原理制造的 B．电动车行驶时是电能转化为机械能 C．轮胎凹凸不平的花纹是为了增大摩擦 D．电源指示灯用到了半导体材料

3．贵港市城市建设和管理越来越注重以人为本．如金港大道两旁植树造林，穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房，跳广场舞的大妈要把音量调小一些等，这些措施的共同目的是（）

A．绿化美化环境 B．减小噪声污染 C．减小大气污染 D．减小水污染

4．缺水已是一个世界性的普遍现象，因此我们要珍惜每一滴水，海水淡化是解决缺水问题的方法之一．现在所用的海水淡化的方法有很多种，其中一种是蒸馏法，即先将海水中的水汽化而把盐留下，再将水蒸气冷凝为液态的水．关于以上过程涉及的物态变化和吸（放）热情况，下列说法正确的是（）A．先升华后凝华，先吸热后放热 B．先汽化后凝固，先放热后吸热 C．先汽化后液化，先吸热后放热 D．先汽化后液化，先放热后吸热

5．当一位科学家通过实验宣称在某领域获得一项重要发现时，判断这一发现是否可信的最好理由是（）

A．该科学家是否为这一领域的权威

B．该领域其他科学家的意见 C．该实验报告撰写的详细程度

D．他人能否重复其实验并得到相同的结果

6．如图所示是家庭电路中的三孔插座和三脚插头示意图．下列说法正确的是（）

A．三脚插头的三个脚一样长 B．插孔E是用来接零线的 C．插孔L是用来接零线的

D．标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地

7．大山同学做“探究凸透镜成像”的实验，当他把烛焰移到距透镜39cm的地方时，在光屏上观察到倒立缩小的像，则该凸透镜的焦距不可能的是（）A．5cm B．10cm C．15cm D．20cm 8．下列各项排列中，按照尺度的数量级由大到小排列的是（）A．银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克 B．太阳系、银河系、地球、生物体、原子核、分子、电子、夸克 C．银河系、太阳系、地球、生物体、原子核、分子、夸克、电子 D．太阳系、银河系、地球、生物体、分子、原子核、夸克、电子

9．如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物重G=5N，则弹簧测力计A和B的示数分别为（）

A．5N，0N B．0N，5N C．5N，5N D．5N，10N 10．如图所示，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R1的最大阻值为R1′．当滑片P在a端时，R0消耗的电功率为6W；当滑片P在b端时，电流表的示数为0.2A，且滑片P在a端时电压表示数U1与滑片P在b端时电压表示数U2之比U1：U2=5：1．则（）

A．R0=8Ω

二、填空题 B．R1′=24Ω C．U1=9V D．U=20V 11．伟大的物理学家，在前人的研究积累上，建立了著名的运动定律，奠定了经典物理学基础，20世纪杰出的物理学家 提出了相对论，从根本上冲击了经典物理学体系．

12．使用天平时，应将天平放在水平台上，使用前，将 移至称量标尺左端的“0”刻度线上；取砝码时，必须用 夹取．

13．使用弹簧测力计之前，要先 ．如图所示，所测物体M受到的重力是 ．

14．2017年5月5日，中国自己的大飞机C919首飞成功，举国欢庆．世界上多了一款属于中国的完全按照世界先进标准研制的大型客机．飞机的机翼通常都做成上表面，下表面平直的形状．当飞机在空中飞行时，流过机翼上方的空气速度比流过机翼下方的空气速度 ．

15．大山同学测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则通过小灯泡的电流是 A，小灯泡的电阻是 Ω．

16．汽车已经广泛进入家庭．四冲程汽油机的 冲程将内能转化为机械能，使汽车获 得前进的动力．汽车导航仪与卫星之间是通过 来传递信息的．

17．我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．如图所示是酒精测试仪的原理图，图中R1为定值电阻，R2为酒精气敏电阻，电源电压保持不变，R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气敏电阻测试到酒精气体浓度增加时，电压表示数，电流表示数（选填“变大”、“变小”或“不变”）．

18．大山同学在中考体育考试中立定跳远跳出了218 的好成绩（填适当的单位）．小芳同学用60N的力投出的实心球在空中画了一条优美的弧线．若实心球重为20N，小芳投出了6.3m的距离，球最高点距地面2.6m，则球在空中飞行的过程中，小芳对球所做的功为

J．

19．如图所示的电路中，电源电压为18V且保持不变．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，电流表示数为1.5A；当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，电压表示数为9V，则滑动变阻器的最大阻值为 Ω；若电压表量程为0﹣15V，断开开关S，灯泡的最小功率为 W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．

20．如图所示，高为0.3m的圆柱形容器内盛有0.1m深的水．现将一密度为2×10kg/m，底面积为S0m，高为0.15m的圆柱形物块竖直放入水中，已知容器底面积为物块底面积的5倍，则物块静止在水中时（物块与容器底不密合），物块受到的浮力为 N，水对容器底的压力为 N（水的密度为1.0×10kg/m，g取10N/kg）．

3233

三、作图与实验题

21．如图所示，S为竖直放置的玻璃砖前的一发光点，由S发出的光经平直玻璃面AB反射 后通过M点，请在图中画出入射光线和反射光线以及该入射光在玻璃砖中的折射光线的大致方向．

22．如图所示，当给电磁铁M通电，发现弹簧开始被压缩，过一会儿，条形磁铁和弹簧重新处于静止．此时把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短．请用笔画线代替导线，把电路连接完整（导线不能交叉，弹簧在其弹性范围内）．

23．如图所示，两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，请画出小球A所受到的力的示意图．

24．如图1所示，所测物体的长度是 cm．如图2所示，停表显示的时间是 s．

25．探究平面成像的特点的实验需要的器材；两支相同的蜡烛、一块、支架、一张纸、一个光屏、及火柴．实验情况如图所示，放在“烛焰”上的手指 被烧痛（选填“会”或“不会”）．

26．在探究杠杆的平衡条件的实验中，（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，应该向 移动右端的螺母（选填“左”或“右”）．

（2）实验时只有10个相同的钩码，杠杆上每格等距，当在A点挂3个钩码时，如图乙所示，则怎样挂钩码可以使杠杆在水平位置平衡？（请设计两种方案）① ； ② ．

（3）通过对是雅安数据进行分析处理，可得出结论：杠杆平衡条件是 ．

27．（11分）用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示．

（1）连接电路时，开关应该是 的．

（2）大山同学在实验中的某次测量，电压表与电流表的读数如图乙所示，则此时待测电阻的阻值为 Ω．请你根据图甲的电路图，在图丙中用笔画线代替导线帮大山同学连接实物图（导线不能交叉）．

（3）实验中，如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，电源电压保持不变，但电源电压未知，请你利用剩下的器材测出Rx，先在右边方框内画出此时的实验电路图，再简要写出实验过程和计算Rx的表达式． a、实验过程：

b、Rx的表达式：Rx= ．

四、解答题

28．（5分）“可燃冰”是未来洁净的新能源．2017年5月，我国首次可燃冰试采成功．可燃冰具有热值大，能直接点燃等特点，她的热值约为5.9×109J/m3．问完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为多少kg的20℃的水温度升高到100℃？（水的比热容为4.2×10J/（kg℃））29．（8分）如图甲所示，放在水平桌面上的圆柱形容器的底面积为100cm，装有20cm深的水，容器的质量为0.02kg，厚度忽略不计．A、B是由密度不同的材料制成的两实心物块，已知B物块的体积是A物块体积的．当把A、B两物块用细线相连放入水中时，两物块恰好悬浮，且没有水溢出，如图乙所示，现剪断细线，A物块上浮，稳定后水对容器底的压强变化了60Pa，物块A有体积露出水面．已知水的密度为1.0×10kg/m，g取10N/kg．试求：

（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强；（2）细线被剪断后水面的高度差；（3）A、B两物块的密度．

3230．（9分）如图甲所示，电源电压保持不变，R2为0﹣20Ω的滑动变阻器．A1的量程为0.6A，A2的量程为3A，V1的量程为15V，V2的量程为3V，不考虑温度对灯丝电阻的影响，定值电阻R1的I﹣﹣U关系图象如图乙所示．

（1）当S1、S2都闭合时，A2读数为1.25A，V1读数为6V，小灯泡L恰好正常发光，求定值 电阻R1的阻值和小灯泡的额定功率．

（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，求滑动变阻器允许连入电路的阻值范围．（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，求小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是多少？该电路通电80s至少能产生多少热量？

2017年广西贵港市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题

1．2017年4月22日，天舟一号与天宫二号实现自动交回对接，天宫二号空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室．下列说法正确的是（）A．天宫二号是靠超声波向地面传递信息的 B．天空二号在发射过程中，动能转化为重力势能

C．自动交回对接成功后，天舟一号相对于天宫二号是静止的 D．在空间实验室不能使用测力计测量手的握力

【考点】D2：电磁波的传播；53：运动和静止的相对性；76：重力；FU：动能和势能的转化与守恒．

【分析】（1）飞船在太空中是通过无线电波传递信号的．（2）根据速度和高度的变化分析；

（3）判断一个物体是否运动关键是看被研究的物体与所选的标准及参照物之间的相对位置是否发生了变化．如果发生变化，则为运动的，如果未发生变化，则为静止的．（4）太空中处于失重状态． 【解答】解：

A、超声波不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，所以航天员和地面控制中心之间的信息是靠电磁波传递的，故A错误．

B、天空二号在发射过程中，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，不是动能和势能的转化，故B错误；

C、天舟一号相对于天宫二号的相对位置没有发生变化，所以是静止的，故C正确． D、太空中虽然失重，但弹力依然存在，所以用用握力棒锻炼臂力是可行的，故D错误． 故选C．

【点评】通过飞船的发射，考查运动与静止的相对性、声音的传播条件、电磁波的英语等知识点；从一个大的场景挖掘物理知识，是近几年比较流行的题目．

2．2017年1月4日人民网报道，广西贵港建成中国•东盟新能源电动车生产基地，关于电 动车的下列说法，错误的是（）A．电动机是利用电磁感应原理制造的 B．电动车行驶时是电能转化为机械能 C．轮胎凹凸不平的花纹是为了增大摩擦 D．电源指示灯用到了半导体材料

【考点】CM：直流电动机的原理；42：半导体的特点；43：半导体的作用；7I：增大或减小摩擦的方法．

【分析】（1）电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的；（2）电动机工作时，将电能转化为机械能；

（3）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（4）二极管都是由半导体材料制成的．

【解答】解：A、电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的，故A错误； D、电动车行驶时消耗了电能，获得了机械能，所以是将电能转化为机械能，故B正确； C、轮胎上凹凸不平的花纹，增大了接触面的粗糙程度，从而增大了摩擦，故C正确； D、电源指示灯是发光二极管，是利用半导体材料制成的，故D正确． 故选A．

【点评】此题考查了电动机的原理、能量转化、增大摩擦的方法、半导体等知识点，是一道综合题．

3．贵港市城市建设和管理越来越注重以人为本．如金港大道两旁植树造林，穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房，跳广场舞的大妈要把音量调小一些等，这些措施的共同目的是（）

A．绿化美化环境 B．减小噪声污染 C．减小大气污染 D．减小水污染 【考点】9J：噪声及来源．

【分析】减弱噪声噪声污染主要从三种方式上来进行：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱． 【解答】解：

金港大道两旁植树造林、穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房能阻断噪声的传播，跳广场舞的大妈要把音量调小一些是从声源处减弱噪声，故这些措施都是为了减小噪声污染． 关系B． 【点评】本题考查了减小噪声污染的方法，与实际生活密切联系．要求平时学习时，要多联系生活、多解释，提高分析解决问题的能力．

4．缺水已是一个世界性的普遍现象，因此我们要珍惜每一滴水，海水淡化是解决缺水问题的方法之一．现在所用的海水淡化的方法有很多种，其中一种是蒸馏法，即先将海水中的水汽化而把盐留下，再将水蒸气冷凝为液态的水．关于以上过程涉及的物态变化和吸（放）热情况，下列说法正确的是（）A．先升华后凝华，先吸热后放热 B．先汽化后凝固，先放热后吸热 C．先汽化后液化，先吸热后放热 D．先汽化后液化，先放热后吸热

【考点】1H：汽化及汽化吸热的特点；1M：液化及液化现象．

【分析】物质由液态变成气态的过程叫做汽化，由气态变成液态的过程叫做液化，汽化吸热，液化放热，这两个过程是相反的． 【解答】解：

将海水中的水蒸发由液态变成气态，属于汽化现象，再将水蒸气冷凝为液态的水是气态变成液态，属于液化现象．其中汽化吸收热量，液化放出热量． 故选C．

【点评】本题主要考查了常见的汽化和液化现象在生活中的应用，把握住物态变化的概念是解题的关键．

5．当一位科学家通过实验宣称在某领域获得一项重要发现时，判断这一发现是否可信的最好理由是（）

A．该科学家是否为这一领域的权威 B．该领域其他科学家的意见 C．该实验报告撰写的详细程度

D．他人能否重复其实验并得到相同的结果 【考点】2R：物理常识．

【分析】此题考查的是实验的重复原则．为了减小实验结果的偶然性，提高实验的准确性，应考虑增加重复次数，反复验证实验结果． 【解答】解：正确的结论是经得住实践检验的．如何减小实验结果的偶然性，提高实验的准确性：控制实验只有一个变量，设置对照实验，多次实验，重复实验，反复探索，不断改进探究方法．因此，选项D符合题意． 故选D．

【点评】实验设计的原则：单一变量、设置对照组、多次重复、科学合理．

6．如图所示是家庭电路中的三孔插座和三脚插头示意图．下列说法正确的是（）

A．三脚插头的三个脚一样长 B．插孔E是用来接零线的 C．插孔L是用来接零线的

D．标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地 【考点】IT：插座的构造与工作方式．

【分析】三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连． 【解答】解：A、三脚插头最上面的那个脚是由于接地的，所以比其它的两个要长，即便于及早接地，使用时更为安全，故A错误；

BC、据其使用可知，E是解地线的，L是解火线的，N是接零线的，故BC错误；

D，据A可知，标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地，故D正确； 故选D．

【点评】此题考查了三孔插座的解法和正确使用，是一道基础题目．

7．大山同学做“探究凸透镜成像”的实验，当他把烛焰移到距透镜39cm的地方时，在光屏上观察到倒立缩小的像，则该凸透镜的焦距不可能的是（）A．5cm B．10cm C．15cm D．20cm 【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．

【分析】根据凸透镜成像规律中的当u＞2f时，光屏上呈现倒立、缩小的实像，解不等式即可得出结论．

【解答】解：把蜡烛放在距离凸透镜39cm的某一位置时，在透镜另一侧得到一个清晰的，倒立的、缩小的像，则u＞2f，即39cm＞2f，解得f＜19.5cm，则选项ABC都符合，只有D选项是不可能的． 故选D．

【点评】此题考查了对凸透镜成像规律的理解，首先要熟练掌握凸透镜成像的规律，同时注意其应用．此题中解不等式是关键，还要注意的是选择的是：“凸透镜的焦距不可能”，审题要仔细，认真．

8．下列各项排列中，按照尺度的数量级由大到小排列的是（）A．银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克 B．太阳系、银河系、地球、生物体、原子核、分子、电子、夸克 C．银河系、太阳系、地球、生物体、原子核、分子、夸克、电子 D．太阳系、银河系、地球、生物体、分子、原子核、夸克、电子 【考点】36：从微观到宏观的尺度．

【分析】（1）宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是这数十亿个星系中的一个，太阳只不过是银河系中几千亿颗恒星中的一员，太阳周围存在八大行星，地球只是其中的一个；（2）物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的，而夸克则是比质子更小的微粒．

【解答】解：银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克，按照尺度的数量级由大到小排列是：银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子，电子、夸克，故A正确，BCD错误． 故选A．

【点评】本题考查了学生对宏观世界和微观世界物质尺度的了解，属于基础的考查，比较简单．

9．如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物重G=5N，则弹簧测力计A和B的示数分别为（）

A．5N，0N B．0N，5N C．5N，5N D．5N，10N 【考点】74：弹簧测力计的使用与读数．

【分析】当弹簧测力计受到平衡力时静止，在挂钩和拉环上施加大小相等、方向相反的力时，测力计示数显示其中一个力的大小；定滑轮的工作特点是只改变力的方向，不改变力的大小． 【解答】解：因为物重G=5N，所以A弹簧测力计受到向右5N的拉力，静止，向左受的拉力也是5N，示数也为5N；

同理，B测力计两端受的力都是5N，示数也为5N． 故选C．

【点评】此题考查了二力平衡条件的应用，根据物体处于静止状态，得出物体受平衡力的作用，从而得出测力计的示数，同时涉及到了定滑轮的特点．

10．如图所示，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R1的最大阻值为R1′．当滑片P在a端时，R0消耗的电功率为6W；当滑片P在b端时，电流表的示数为0.2A，且滑片P在a端时电压表示数U1与滑片P在b端时电压表示数U2之比U1：U2=5：1．则（）

A．R0=8Ω B．R1′=24Ω C．U1=9V D．U=20V 【考点】IH：欧姆定律的应用；J9：电功率与电压、电流的关系．

【分析】由电路图可知，当滑片P在a端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压；当滑片P在b端时，R0与R′串联，电压表测R0两端的电压，根据欧姆定律求出滑片位于a端和b端时电路中的电流之比，然后求出滑片位于a端时电路中的电流，根据P=UI表示出R0消耗的电功率即可求出电源的电压，根据欧姆定律求出R0的阻值，再根据欧姆定律求出滑片位于b端时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R1′的阻值． 【解答】解：

由电路图可知，当滑片P在a端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，即U1=U； 当滑片P在b端时，R0与R1′串联，电压表测R0两端的电压，示数为U2，设前后两次电路中的电流分别为I1、I2，已知U1：U2=5：1，由I=可得：

===，则滑片位于a端时电路中的电流： I1=5I2=5×0.2A=1A，由P=UI可得，电源的电压： U=U1===6V，故CD错误；

R0的阻值： R0===6Ω，故A错误；

滑片位于b端时，R0与R1′串联，电路中的总电阻： R===30Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值： R1′=R﹣R0=30Ω﹣6Ω=24Ω，故B正确． 故选B．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电压表所测电路元件的判断．

二、填空题

11．伟大的物理学家 牛顿，在前人的研究积累上，建立了著名的运动定律，奠定了经典物理学基础，20世纪杰出的物理学家 爱因斯坦 提出了相对论，从根本上冲击了经典物理学体系．

【考点】2R：物理常识．

【分析】根据我们对于牛顿的物理学成就和相对论的了解进行解答． 【解答】解：

英国物理学家牛顿提出了力学三大定律和万有引力定律，揭示了天上和地下一切物体运动的普遍规律，奠定了经典物理学基础． 著名的相对论是20世纪杰出的物理学家爱因斯坦提出的． 故答案为：牛顿；爱因斯坦．

【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意．

12．使用天平时，应将天平放在水平台上，使用前，将 游码 移至称量标尺左端的“0”刻度线上；取砝码时，必须用 镊子 夹取． 【考点】26：天平的使用．

【分析】托盘天平的使用，包括以下步骤：放置；调节平衡螺母使横梁平衡；放物体；加减砝码，移动游码使横梁恢复平衡．

【解答】解：使用天平时，应将天平放在水平桌面上．在调节横梁平衡时，首先要将游码移到标尺左端的零刻线处称量物体时，要将物体放在左盘里，用镊子在右盘里加减砝码移动游码．

故答案为：游码；镊子．

【点评】此题综合了托盘天平使用中的放置、调节、放置物体、加减砝码等各方面的内容．题目的难度不大，综合性较强．

13．使用弹簧测力计之前，要先 观察弹簧测力计的量程和分度值 ．如图所示，所测物体M受到的重力是 3.6N ．

【考点】74：弹簧测力计的使用与读数．

【分析】首先观察弹簧测力计的量程和分度值，然后根据所示的指针位置进行读数，得出物体重力．

【解答】解：由图知：此弹簧测力计的最大刻度值为5N，故其测量范围是0～5N，分度值是0.2N；

此时指针所示物体受到的重力为：3N+0.2N×3=3.6N． 故答案为：观察弹簧测力计的量程和分度值；3.6N．

【点评】本题考查弹簧测力计的读数，较为简单，认清弹簧测力计的量程和分度值即可．

14．2017年5月5日，中国自己的大飞机C919首飞成功，举国欢庆．世界上多了一款属于中国的完全按照世界先进标准研制的大型客机．飞机的机翼通常都做成上表面 呈弧形凸起，下表面平直的形状．当飞机在空中飞行时，流过机翼上方的空气速度比流过机翼下方的空气速度 大 ． 【考点】8L：飞机的升力．

【分析】（1）机翼的下表面平直，上表面呈弧形凸起；（2）飞机是利用流体的压强与流速的关系来产生升力的．

【解答】解：机翼的下表面平直，上表面呈弧形凸起．当飞机起飞时，飞机上方的空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，就会产生一个向上的压力差，这就是飞机升力的产生原因．

故答案为：呈弧形凸起；大．

【点评】此题考查流体压强和流速的关系，解决本题的关键是了解机翼的形状，找出机翼上下方空气流速的特点．

15．大山同学测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则通过小灯泡的电流是 0.38 A，小灯泡的电阻是 10 Ω．

【考点】HY：电流表的读数方法；IH：欧姆定律的应用．

【分析】当灯泡电压等于额定电压2.5V时灯泡正常发光；根据图乙确定电流表的量程与最小分度值，根据根据电流表指针位置读出电流表示数，然后由公式R=求出小灯泡正常发光时的阻值．

【解答】解：调节滑动变阻器的滑片，当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光；

由图乙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值是0.02A，电流表示数是0.38A；

小灯泡正常发光时的阻值：R==故答案为：3.8；10；

=10Ω．

【点评】本题考查电流表的读数和欧姆定律的应用，关键是要明确灯泡正常发光时，灯泡两端电压等于灯泡的额定电压．

16．汽车已经广泛进入家庭．四冲程汽油机的 做功 冲程将内能转化为机械能，使汽车获得前进的动力．汽车导航仪与卫星之间是通过 电磁波 来传递信息的． 【考点】GM：内燃机的四个冲程；D2：电磁波的传播．

【分析】（1）内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程．其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能．（2）卫星通讯利用了电磁波来传递信息． 【解答】解：

（1）在汽油机的四个冲程中，做功冲程高温高压的燃气对活塞做功，将内能转化为机械能；（2）汽车导航仪与卫星之间是通过电磁波来传递信息的． 故答案为：做功；电磁波．

【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况，要知道在压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反．同时，还考查了卫星通讯中电磁波的传播知识．

17．我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．如图所示是酒精测试仪的原理图，图中R1为定值电阻，R2为酒精气敏电阻，电源电压保持不变，R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气敏电阻测试到酒精气体浓度增加时，电压表示数 变大，电流表示数 变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）．

【考点】IZ：电路的动态分析．

【分析】由电路图可知，定值电阻与气敏电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压；根据题意可知如果测试到的酒精气体浓度越大传感器电阻越小，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化和电压表示数的变化． 【解答】解：

由电路图可知，定值电阻R1与气敏电阻R2串联，电压表测量定值电阻两端的电压； 如果测试到的酒精气体浓度越大，则气敏电阻的阻值越小，电路中的总电阻越小； 根据I=可知，电路中的电流越大，即电流表示数越大；

根据U=IR可知，定值电阻R1两端的电压越大，即电压表的示数越大． 故答案为：变大；变大．

【点评】解本题的关键是由题干获取酒精气体传感器特性的信息：酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小．

18．大山同学在中考体育考试中立定跳远跳出了218 cm 的好成绩（填适当的单位）．小芳同学用60N的力投出的实心球在空中画了一条优美的弧线．若实心球重为20N，小芳投出了6.3m的距离，球最高点距地面2.6m，则球在空中飞行的过程中，小芳对球所做的功为 0 J．

【考点】EC：功的计算．

【分析】（1）对生活中的某些长度值要有大致的认识；

（2）功包含两个必要因素：作用在物体上的力和力的方向上通过的距离．

【解答】解：（1）学生立定跳远的成绩一般在2m以上，即200cm以上；故填218cm符合实际；

（2）功包含两个必要因素：作用在物体上的力和力的方向上通过的距离；而球在空中飞行的过程中，不再受小芳的力，故小芳对球所做的功为0； 故答案为：cm；0．

【点评】对生活中常见长度进行合理的估计，深入理解做功的必要因素；是解答此题的关键．

19．如图所示的电路中，电源电压为18V且保持不变．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，电流表示数为1.5A；当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，电压表示数为9V，则滑动变阻器的最大阻值为 36 Ω；若电压表量程为0﹣15V，断开开关S，灯泡的最小功率为 2 W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．

【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．

【分析】（1）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点和欧姆定律表示出电流表的示数；当S断开，滑片P滑至中点时，灯泡L与R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律分别表示出电路中的电流，利用串联电路的电流特点得出等式得出电阻之间的关系，然后联立等式即可求出滑动变阻器的最大阻值和灯泡的电阻；

（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流，根据欧姆定律求出电压表的示数，然后与电压表的示数相比较确定电路中的最小电流，根据P=IR求出灯泡的最小功率．

【解答】解：（1）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以，由I=可得： I=IL+IR=+=+

=1.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 2当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，灯泡L与R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压： UL=U﹣UR=18V﹣9V=9V，因串联电路中各处的电流相等，所以，=，即

=，解得：R=2RL﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 由①和②解得：R=36Ω，RL=18Ω；

（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流： I′===A，滑动变阻器两端的电压： UR′=I′R=A×36Ω=12V＜18V，所以，电路中的最小电流为A，则灯泡的最小功率：

PL小=（I′）2RL=（A）2×18Ω=2W． 故答案为：36；2．

【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等是关键．

20．如图所示，高为0.3m的圆柱形容器内盛有0.1m深的水．现将一密度为2×103kg/m3，底面积为S0m，高为0.15m的圆柱形物块竖直放入水中，已知容器底面积为物块底面积的5倍，则物块静止在水中时（物块与容器底不密合），物块受到的浮力为 1250S0 N，水对容器底的压力为 6250S0 N（水的密度为1.0×10kg/m，g取10N/kg）．

332

【考点】86：压强的大小及其计算；81：压力及重力与压力的区别；8P：浮力大小的计算． 【分析】根据V=Sh求出圆柱形容器内水的体积，再根据V=Sh求出圆柱形物块刚好浸没时需要水的体积，比较两者的关系判断出容器内的水没有浸没圆柱体，然后求出圆柱体放入容器后水的深度，进一步求出圆柱体排开水的体积，根据阿基米德原理求出物块受到的浮力；根据p=ρgh求出水对容器底的压强，利用F=pS求出水对容器底的压力． 【解答】解：圆柱形容器内水的体积： V水=S容h水=5S0m2×0.1m=0.5S0m3，圆柱形物块刚好浸没时需要水的体积：

V水′=（S容﹣S0m2）h圆柱体=（5S0m2﹣S0m2）×0.15m=0.6S0m3，因V水＜V水′，所以，容器内的水没有浸没圆柱体，则圆柱体放入容器后水的深度： h===0.125m，圆柱体排开水的体积： V排=S0mh=0.125S0m，物块受到的浮力： F浮=ρ水23gV排=1.0×10kg/m×10N/kg×0.125S0m=1250S0N； 333水对容器底的压强： p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.125m=1250Pa，由p=可得，水对容器底的压力： F=pS容=1250Pa×5S0m=6250S0N． 故答案为：1250S0；6250S0．

【点评】本题考查了阿基米德原理和液体压强公式、压强定义式的应用，正确的判断出容器内的水没有浸没圆柱体是关键．

三、作图与实验题

21．如图所示，S为竖直放置的玻璃砖前的一发光点，由S发出的光经平直玻璃面AB反射后通过M点，请在图中画出入射光线和反射光线以及该入射光在玻璃砖中的折射光线的大致方向． 2

【考点】A8：作光的反射光路图；AN：作光的折射光路图．

【分析】（1）根据平面镜成像的特点作图．由于物与像关于镜面对称，先作出S的像点S′，连接S′M，交于镜面于一点，即为入射点，再完成光路；

（2）光从空气斜射入其他透明介质，折射光线和入射光线分居在法线的两侧，折射角小于入射角．

【解答】解：先通过玻璃砖作出发光点S的对称点S′，然后连接S′M交玻璃砖AB面于点O，OM即为反射光线，连接SO即为入射光线；

再过入射点作法线，根据光从空气斜射入其他透明介质，折射光线和入射光线分居在法线的 两侧，折射角小于入射角作出该入射光在玻璃砖中的折射光线．如图所示：

【点评】此题综合考查平面镜成像作图、光的反射定律、光的折射定律作图，难度不大，属于基础作图题．

22．如图所示，当给电磁铁M通电，发现弹簧开始被压缩，过一会儿，条形磁铁和弹簧重新处于静止．此时把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短．请用笔画线代替导线，把电路连接完整（导线不能交叉，弹簧在其弹性范围内）．

【考点】CI：电磁铁的其他应用．

【分析】弹簧的长度的变化是由条形磁体对弹簧拉力的变化引起的．电磁铁对条形磁体作用力的变化是由其磁性强弱的变化引起的，因此从影响电磁铁的磁性强弱因素的变化入手分析解决此题．

【解答】解：弹簧的长度逐渐变短，说明磁铁受到的斥力变大，故螺旋管的上端为S极，根据安培定则可知，电磁铁的上端应接电源的正极；把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短，说明此时的电流变大，故应接滑动变阻器的B接线柱，如图所示：

．

【点评】本题将电路知识及磁场知识结合在一起考查了学生综合分析的能力，要求学生能灵活运用所学知识进行综合分析从而找出正确答案．

23．如图所示，两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，请画出小球A所受到的 23 力的示意图．

【考点】6H：力的示意图；H8：电荷间的相互作用规律．

【分析】对小球A进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出各个力即可．

【解答】解：两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，小球A除受到竖直向下的重力、沿绳子向上的拉力外，还受到B对它向左的排斥力，过小球A的重心，分别沿各力的方向画一条带箭头的线段，即为其所受各力的示意图，如图所示：

【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图．

24．如图1所示，所测物体的长度是 2.50 cm．如图2所示，停表显示的时间是 50 s．

【考点】64：长度的测量；62：时间的测量．

【分析】（1）刻度尺上最小的一格代表的长度是刻度尺的分度值．使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量时要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．

（2）停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和． 【解答】解：

24（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm；物体左侧与0.00cm对齐，右侧与2.50cm对齐，所以物体的长度为L=2.50cm；（2）在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“0”和“1”之间，偏向“1”一侧，所以分针指示的时间为0min；

在停表的大表盘上，1s之间有1个小格，所以一个小格代表1s，指针在50s处，所以秒针指示的时间为50s，即秒表的读数为50s． 故答案为：2.50；50．

【点评】本题考查了刻度尺与停表的读数问题，是一道基础题，要掌握常用器材的使用及读数方法．

25．探究平面成像的特点的实验需要的器材；两支相同的蜡烛、一块 玻璃板、支架、一张纸、一个光屏、刻度尺 及火柴．实验情况如图所示，放在“烛焰”上的手指 不会 被烧痛（选填“会”或“不会”）．

【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．

【分析】在平面镜成像实验中采用的器材为玻璃板，其目的是为了确定像的位置，及物像的大小．从平面镜成的是虚像这个特点去分析，很容易得出第三空的答案．

【解答】解：玻璃板是透明的，不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，用玻璃板代替平面镜，其目的是为了确定像的位置，及物像的大小，保证实验效果． 实验中需要用刻度尺来测量物距和像距的关系；

根据平面镜成像特点可知，平面镜成的像是虚像，玻璃板另一侧没有蜡烛，所以放在“烛焰“上的手指 不会烧痛．

故答案为：玻璃板；刻度尺；不会．

【点评】本题主要考查了探究平面镜成像的特点实验．不仅要熟练掌握平面镜成像的特点，还要学会利用其特点解决一些实际问题．

26．在探究杠杆的平衡条件的实验中，25（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，应该向 右 移动右端的螺母（选填“左”或“右”）．

（2）实验时只有10个相同的钩码，杠杆上每格等距，当在A点挂3个钩码时，如图乙所示，则怎样挂钩码可以使杠杆在水平位置平衡？（请设计两种方案）① 在G处挂2个钩码 ； ② 在E处挂3个钩码 ．

（3）通过对是雅安数据进行分析处理，可得出结论：杠杆平衡条件是 F1L1=F2L2 ．

【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．

【分析】（1）在调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；（2）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂进行解答；（3）杠杆平衡条件：F1L1=F2L2．

【解答】解：（1）如图甲，杠杆的右端上翘，无论左端或右端的平衡螺母都要向上翘的右端移动；

（2）设一钩码重为G，一格为L，则杠杆在水平位置平衡时：左边=3G×4L=12GL，右边=2G×6L=3G×4L=4G×3L=6G×2L=12GL，所以可以在G处挂2个钩码，或在E处挂3个钩码、或在D处挂4个钩码、或在C处挂6个钩码；

（3）经过实验探究得出杠杆平衡条件：F1L1=F2L2．

故答案为：（1）右；（3）①在G处挂2个钩码；②在E处挂3个钩码；（3）F1L1=F2L2． 【点评】本题考查了杠杆平衡的调节和杠杆平衡条件的应用，正确运用杠杆平衡条件是关键．

27．（11分）（2017•贵港）用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示．

（1）连接电路时，开关应该是 断开 的．

（2）大山同学在实验中的某次测量，电压表与电流表的读数如图乙所示，则此时待测电阻的阻值为 8 Ω．请你根据图甲的电路图，在图丙中用笔画线代替导线帮大山同学连接实物图（导线不能交叉）．

（3）实验中，如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，电源电压保持不变，但电源电压未知，请你利用剩下的器材测出Rx，先在右边方框内画出此时的实验电路图，再简要写出实验过程和计算Rx的表达式．

a、实验过程： ①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx； ②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R．

b、Rx的表达式：Rx=

．

【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．

【分析】（1）为了保护电路元件，在连接电路时，开关要断开；

（2）根据欧姆定律计算小灯泡灯丝的电阻值；确定电压表和电流表的量程，将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；注意滑动变阻器按一上一下的原则接线；

（3）由于没有电压表，滑动变阻器的最大阻值已知，可以将滑动变阻器看做一个定值电阻，使滑动变阻器的阻值为零，测出电流，使其阻值最大，测出电流，根据电源电压不变的特点列出关系式，求出位置电阻的阻值． 【解答】解：

27（1）在连接电路时开关应该处于断开状态；

（2）由图乙可知，通过小灯泡的电流I=0.3A，小灯泡两端的电压U=2.4V，此时小灯泡灯丝的电阻值R==

=8Ω；

由图乙可知，电压表的量程为0～3V；电流表的量程为0～0.6A；将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；滑动变阻器按一上一下的原则接线；如下图所示：

（3）如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压保持不变，画出此时的实验电路图如下：

．

a实验步骤：①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx； ②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R． b、因电源电压保持不变，所以I1Rx=I2Rx+I2R，则Rx的表达式为：Rx=故答案为：（1）断开；（2）8；如上图；（3）如上图；

实验步骤：①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx； ②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R．

．

表达式：．

【点评】用伏安法测电阻，需用电压表与电阻并联，电流表与电阻串联，此题主要考查了电路的连接及电路故障的分析情况，其中第（3）小题，在没有电压表的情况下，根据电源电压不变的特点及欧姆定律测出了未知电阻的阻值，是本题的难点．

四、解答题

28．“可燃冰”是未来洁净的新能源．2017年5月，我国首次可燃冰试采成功．可燃冰具有热值大，能直接点燃等特点，她的热值约为5.9×109J/m3．问完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为多少kg的20℃的水温度升高到100℃？（水的比热容为4.2×103J/（kg℃））【考点】GG：热量的计算．

【分析】知道可燃冰的体积和热值，利用Q放=Vq求1m的可燃冰完全燃烧后放出的热量． 由题知Q吸=Q放，再利用Q吸=cm△t公式变形可求得可使多少千克的水从20℃升高到100℃． 【解答】解：

1m的可燃冰完全燃烧后放出的热量： Q放=Vq=1m3×5.9×109J/m3=5.9×109J． 由题知，水吸收的热量：Q吸=Q放=5.9×10J，由Q吸=cm（t﹣t0）可得加热水的质量： m==

≈17560kg．

33答：完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为17560kg的20℃的水温度升高到100℃． 【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq和吸热公式的掌握和运用，认识了新能源﹣﹣﹣可燃冰，增强了积极开发新能源的意识！

29．如图甲所示，放在水平桌面上的圆柱形容器的底面积为100cm，装有20cm深的水，容器的质量为0.02kg，厚度忽略不计．A、B是由密度不同的材料制成的两实心物块，已知B物块的体积是A物块体积的．当把A、B两物块用细线相连放入水中时，两物块恰好悬浮，且没有水溢出，如图乙所示，现剪断细线，A物块上浮，稳定后水对容器底的压强变化了60Pa，物块A有体积露出水面．已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg．试求：

2（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强；（2）细线被剪断后水面的高度差；（3）A、B两物块的密度．

【考点】86：压强的大小及其计算；8O：阿基米德原理．

【分析】（1）根据V=Sh求出圆柱形容器内水的体积，根据ρ=求出水的质量，容器对水平桌面的压力等于容器和水的重力之和，根据F=G=mg求出其大小，利用p=水平桌面的压强；

（2）知道剪断细线后水对容器底的压强变化量，根据p=ρgh求出细线被剪断后水面的高度差；

（3）细线被剪断后A漂浮，由物块A有体积露出水面可求排开水的体积，根据漂浮条件和F浮=ρ液

求出容器对gV排、G=mg=ρVg得出等式即可求出A的密度；物块A有体积露出水面，则A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等，据此求出A的体积，进一步求出B的体积；剪断细线前，AB两物块恰好悬浮，根据F浮=ρ密度．

【解答】解：（1）圆柱形容器内水的体积： V水=S容h水=100cm×20cm=2000cm，由ρ=可得，水的质量： m水=ρ水

23液

gV排、G=mg=ρVg得出等式即可求出B物体的V水=1.0g/cm3×2000cm3=2000g=2kg，容器对水平桌面的压力：

F=G总=（m容+m水）g=（0.02kg+2kg）×10N/kg=20.2N，容器对水平桌面的压强： p===2020Pa；

（2）由p=ρgh可得，细线被剪断后水面的高度差： △h==

=6×10﹣3m=0.6cm；

30（3）细线被剪断后A漂浮，物块A有体积露出水面，则V排A=VA，因物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，所以，由F浮=ρgV排和G=mg=ρVg可得： ρ水gV排A=ρAVAg，ρ=×1.0×10kg/m=0.75×10kg/m；

3则ρA=水物块A有体积露出水面，则A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等，即VA=S容△h，则物体A的体积：

VA=4S容△h=4×100cm×0.6cm=240cm，VB=VA=×240cm=30cm，剪断细线前，AB两物块恰好悬浮，则 ρ水

3g（VA+VB）=ρAVAg+ρBVBg，B物体的密度： ρB=ρ﹣

ρA=

×1.0×103kg/m3﹣

×0.75×水103kg/m3=3×103kg/m3．

答：（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强为2020Pa；（2）细线被剪断后水面的高度差为0.6cm；

（3）A物块的密度为0.75×103kg/m3，B物块的密度为3×103kg/m3．

【点评】本题考查了压强定义式和液体压强公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、密度公式、重力公式的综合应用，知道A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等是关键．

30．如图甲所示，电源电压保持不变，R2为0﹣20Ω的滑动变阻器．A1的量程为0.6A，A2的量程为3A，V1的量程为15V，V2的量程为3V，不考虑温度对灯丝电阻的影响，定值电阻R1的I﹣﹣U关系图象如图乙所示．

（1）当S1、S2都闭合时，A2读数为1.25A，V1读数为6V，小灯泡L恰好正常发光，求定值电阻R1的阻值和小灯泡的额定功率．

（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，求滑动变阻器允许连入电路的阻值范围．（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，求小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是多少？该电路通电80s至少能产生多少热量？ 【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．

【分析】（1）当S1、S2都闭合时，R1与L并联，电流表A2测干路电流，电压表V1测电源的电压，根据并联电路的电压特点可知两元件两端的电压，根据图乙读出通过R1的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；

（2）当S1、S2都断开时，灯泡L与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，比较灯泡的额定电流和A1的量程确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻和灯泡的电阻，根据电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表V2的示数最大时变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最大阻值，进一步得出变阻器阻值的范围；

（3）当S1、S2都断开时，当电路中的电流最大时灯泡的电功率最大，当电路中的电流最小时灯泡的电功率最小，根据P=I2R求出小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比；当电路中的电流最小时，电路产生的热量最少，根据Q=W=UIt求出该电路通电80s产生的热量． 【解答】解：

32（1）当S1、S2都闭合时，R2被短路，R1与L并联，电流表A2测干路电流，电压表V1测电源的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，所以，灯泡的额定电压UL=U1=U=6V，由图乙可知，通过R1的电流I1=0.5A，由I=可得，R1的阻值：

R1===12Ω，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡的电流： IL=I﹣I1=1.25A﹣0.5A=0.75A，则小灯泡的额定功率： PL=ULIL=6V×0.75A=4.5W；

（2）当S1、S2都断开时，灯泡L与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，电流表A1的量程为0.6A，灯泡的额定电流为0.75A，所以，电路中的最大电流I大=0.6A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的总电阻为： R===10Ω，由1小题可得灯泡的电阻：RL===8Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值： R2小=R﹣RL=10Ω﹣8Ω=2Ω；

当电压表V2的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压： UL′=U﹣U2=6V﹣3V=3V，此时电路中的电流：

I小===0.375A，则滑动变阻器接入电路中的最大阻值： R2大===8Ω，所以，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为2Ω～8Ω；

（3）当S1、S2都断开时，当电路中的电流最大时灯泡的电功率最大，当电路中的电流最小时灯泡的电功率最小，由P=I2R可得，小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比：

===

=

；

当电路中的电流最小时，电路产生的热量最少，则该电路通电80s至少产生的热量： Q=W=UI小t=6V×0.375A×80s=180J．

答：（1）定值电阻R1的阻值为12Ω，小灯泡的额定功率为4.5W；

（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为2Ω～8Ω；

（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是64：25，该电路通电80s至少能产生180J的热量．

黄冈中考物理真题 篇4

一、选择题(本大题共27小题，每小题3分，共81分，每小题只有1个选项符合题意。请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置。)16.关于声现象，下列说法正确的是()A.高速公路两旁设置隔音板，是为了在声源处减弱噪声 B.水中倒立的花样游泳运动员随着音乐表演，说明水能传播声音

C.逢年过节，当社区举行一些文化表演活动时，从高音喇叭传出的歌声一定不是噪声 D.声音在真空中的传播速度是340m/s 17.下图中与光的反射有关的是()

A.如图甲所示，透过树丛的光束 B.如图乙所示，筷子好像在水面处折断了 C.如图丙所示，雨后天晴，挂在天空的彩虹

D.如图丁所示，把平面镜按一定规律排列，汇聚太阳光的塔式太阳能电站

18.2018年，平昌冬奥会闭幕式的“北京8分钟”惊艳了全世界，在美轮美奂的光影中，冰上少年与智能机器人随音乐共舞，20多名机器人动作整齐划一，精准优美，和炫舞少年相得益彰，关于正在表演的机器人和冰上少年，下列说法正确的是()A.机器人在弯道滑行时，运动状态不发生改变 B.机器人在冰面上运动时，不受力的作用 C.相对于看台上的观众，滑行中的机器人是运动的 D.相对于自己的溜冰鞋，滑行中的少年是运动的

19.现代生活，智能手机给人们带来了许多便利，但长时间盯着手机屏幕，容易导致视力下降。下列关于近视眼及其矫正的原理图正确的是()

20.我国是严重缺水的国家，水资源人均占有量是世界平均值的25%，是世界上人均水资源最贫乏的国家之一，了解地球的水循环知识，提高节水意识，培养良好的用水习惯，是我们每个公民的义务和责任.关于地球的水循环，下列说法正确的是()1 A.海水吸热，汽化形成水蒸气

B.水蒸气与冷空气接触，熔化形成小水滴 C.小水滴遇到更寒冷的气流，凝华形成小冰珠 D.小冰珠在降落过程中，液化形成雨水

21.据统计，造成高速公路交通事故的主要原因之一是超速行驶，因为超速行驶的汽车刹车时，需要行驶更远的距离才能停下来.关于汽车刹车后还继续向前行驶一段一段距离的原因，下面说法正确的是()A.刹车后，汽车没有受到摩擦力 B.汽车具有惯性

C.刹车后，汽车的惯性减少 D.刹车后，汽车所受的力平衡 22.下列现象中不能用流体压强与流速的关系来解释的是()

A.图甲所示向两张纸中间吹气，纸张向中间靠拢

B.图乙所示装有液体的玻璃管，底部和侧壁的橡皮膜往外凸起 C.图丙所示地铁站台边，人必须站在安全黄线以外的区域候车 D.图丁所示飞机升力的产生原因

23.小明同学在“探究串联电路电压规律”的实验中，按如图所示的电路图连接实物。闭合开关，发现灯L1和L2都不亮，排除接触不良的因素后，小明用电压表逐一与原件并联，以查找电路故障。测量得出Uab=0；Ubc=0：Ucd=6V；Uad=6V；如果电路只有一处故障，则故障可能为()

A.L1断路 B.L1短路 C.L2断路 D.L2短路

24.家庭厨房抽油烟机主要是由排气扇和照明灯泡组成，它们既能同时工作，又能分别独立工作。小明设计了抽油烟机的简化电路图，其中合理的是()

25.“安全用电，珍惜生命”是每一个公民应有的意识。下列关于家庭电路说法正确的是(2 A.家庭电路起火时，应先用水扑灭，然后再断开电路 B.空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路导致的 C.当有人触电时，漏电保护器会迅速切断电路 D.家中多个大功率用电器，应该在同一插线板上使用 26.下列关于功的说法正确的是()A.小明用力推发生故障的汽车而未推动时，推力对汽车做了功

B.吊车吊着重物沿水平方向匀速运动一段距离时，吊车的拉力对重物做了功 C.足球在水平地面上滚动一段距离时，重力对足球做了功

D.举重运动员从地面将杠铃举起的过程中，举重运动员对杠铃做了功

27.如图所示，圆柱体甲和装有适量某液体的圆柱形容器乙的底面积之比为3︰4，把它们平放在同一水平桌面上.在甲物体上，沿水平方向截取一段长为X的物体A，并平稳放入容器乙中，用力使物体A刚好浸没在液体中(A不与容器乙接触，液体无溢出)，截取后，甲、乙对桌面的压强随截取长度X的变化关系如图所示。已知甲的密度为0.6×10kg/m，容器乙的壁厚和质量均忽略不计，g取10N/kg.下列说法正确的是()

33A.圆柱体甲截取前和容器乙液体质量之比为3︰4 B.圆柱体甲截取前对桌面的压强为1000Pa C.容器乙中液体的密度为0.4×10kg/m D.容器乙中未放入物体A时，液体的深度为8cm

二、(本大题共5小题，11空，每空2分，共22分)28.在太空中，把要合成的各种固态材料放进特制的太空炉，对材料加热使其内能__________(选填“增大”或“减小”)而熔化，再降温使其变成新的固态材料，然后随着卫星或飞船返回地球，这样加工的材料叫太空材料.当一块加工好的太空材料从太空返回地球时，其质量__________(选填“变大”、“变小”或“不变”)29.太阳能是未来的理想能源，它是清洁的__________再生能源(选填“可”或“不可”)；行驶中的太阳能汽车，其太阳能电池将太阳能直接转化为电能，进而再转化为汽车的__________能。

30.2017年底，网上流传这样一段视频：一对外国老夫妇在海边拍摄风景照，无奈由于站立太久而深陷淤泥。一名中国渔夫见状，首先将他们身上的背包和摄影设备拿走，目的是减小他们对淤泥地的__________力，然后渔夫无论是拖、抱、拽都无法使他们脱离淤泥；最后渔夫平趴在淤泥地上，他们撑着渔夫的身

3 体才爬出了淤泥。渔夫平趴在淤泥地的目的是：增大人体与淤泥地的接触面积，以减小人体对淤泥地的__________，使被困者脱离险境。

31.如图是酒驾检测中酒精测试仪的简化电路图。R0为定值电阻，R1为气敏电阻，它的阻值随酒精气体浓度增大而减小.闭合开关，电源电压保持不变，若驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，测试仪的电路中电流越__________，电压表示数越__________。

32.如图甲、乙所示，某科技小组自制了一个测量水的深度的装置，它由测量头和控制盒构成，测量头的测量面是一个涂有绝缘漆的面积为2cm的压敏电阻R1，R1的阻值随水对它的压力F的变化关系如图丙所示。控制盒内有一个定值电阻R0和一个最大阻值为90Ω的滑动变阻器R2，电源电压保持不变.通过电路调节，可使控制盒的功率达最大值Pm，科技小组通过控制盒的功率最小值和Pm的比值来标记水的深度。不计导线的电阻，电压表的量程为0-3V科技小组在确保电路安全的情况下，进行如下的操作：(ρ水=1.0×103kg/m3；g取10N/kg)

2(1)R1未放入水中时，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至最上端，此时电压表实数达到最大值，R0的电功率为P0；求：R1未放入水中时的电阻为__________Ω；

(2)测量头放到水下深度h1=10m时，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至某一位置时，R0的电功率为P0′，电路的总功率为P总，R1的电功率为P1。已知P0︰P0′=9︰4，P总︰P1=6︰1，求：此时R两端的电压为__________V；

(3)测量头放到水下深度h2=3m时，调节电路，控制盒的最小功率与Pm的比值为__________。

三、(本大题共4小题，第33、34每题6分，第35题4分、第36题6分，共22分)33.如图是探究平面镜成像特点的实验装置图。

(1)本实验应选择用__________(选填“玻璃板”或“平面镜”)进行实验；(2)实验中选取完全相同的两支蜡烛A、B，是为了比较像与物的__________关系；

(3)小明竖直放好蜡烛A，移动蜡烛B，直至与蜡烛A的像完全重合，分别记录A和B的位置；多次移动蜡烛A重复实验。实验中如果蜡烛A靠近器材M，则蜡烛B应__________(选填“远离”或“靠近”)器材M，才能与蜡烛A的像完全重合。

34.在认识到杠杆转动跟力、力臂有关后，某实验小组通过实验进一步探究杠杆的平衡条件。以下是他们的部分实验过程。

(1)首先，将杠杆放在水平桌面上，在不挂钩码的情况下，调节杠杄两端的平衡螺母，使杠杆在__________位置平衡，以方便直接读出力臂；

(2)接下来，他们使杠杆在如图位置静止，多次实验，记录数据如表格所示(每个钩码的重力为1N，杠杆质量、刻度分布均匀)；小玲认为杠杆的平衡条件应为F1=F2、L1=L2；而小军则认为实验还需要进一步改进。你认为小玲总结的杠杆的平衡条件是__________(选填正确的”或“错误的”)

(3)如果小军在杠杆的左端A点处再加挂2个钩码(即左端共4个钩码)，接下来，他应该将右端的两个钩码向右移动__________格，杠杆才会在原位置再次平衡。

35.小明同学在做“探究通电螺线管外部的磁场分布”实验时，实验装置如图所示。

5(1)闭合开关后，螺线管周围小磁针的指向如图所示，小明根据螺线管右端小磁针a的指向判断出螺线管的右端为N极，则可知电源的A断为__________极；

(2)当电源的正负极方向对换时，小磁针a的南北极指向也对换，由此可知：通电螺线管的外部磁场方向与螺线管中导线的__________方向有关。

36.小明用如图所示的电路做“探究一定电压下，电流与电阻的关系”实验时，保持定值电阻两端的电压为2V不变，多次更换定值电阻进行实验，实验室提供的实验器材有：电源(3节新干电池串联)，电流表、电压表各一个，开关一个，五个定值电阻(5Ω，10Ω，15Ω，20Ω，25Ω)，一个滑动变阻器(规格为“25Ω 1.5A”)，导线若干。

(1)请你用笔画线代替导线将图中的实物图连接完整；

(2)如图，电路连接完整后，小明应将滑动变阻器的滑片移至__________端(选填“A或B”)后，再闭合开关进行试验。

(3)在接入259的电阻进行实验时，小明发现，不管怎样移动滑片，都不能使电压表的示数变为2V。小明通过在原电中增加或减少实验室提供的原有器材，解决了上述问题，并完成了实验。他采取的操作可能是：____________________(列举一种方法即可)

四、(本大题共3小题，第37题、38题每题6分，第39题8分，共20分)37.阅读短文，然后回答文后问题

小明在观看电影《厉害了我的国》后，不仅为我们伟大祖国的成就倍感骄傲，而且法案现影片中处处体现着物理知识。

“振华30”，是世界上最大的起重船，它的排水量达25万吨，在港珠澳大桥合龙时，把一个6000吨的接头，精准嵌入水下的安装基槽，即使海底涌动的洋流对接头产生巨大的推力作用，“振华30”也能在作业中保持绝对平稳；

13.1万公里的中国高速公路，总里程世界第一：川藏公路北线，白雪皑皑的雀儿山隧道全线贯通；鹤大高速，春天云雾缭绕：京新高速，穿越沙漠；

中国第一列标准动车组“复兴号”速度高达350km/h，京沪全程只需要4.5小时；京广高铁，8小时让人体验穿越四季的感觉；

上海洋山港四期码头，作为全球超级大港，130辆自动导引运输车会根据地下埋藏的六万多根磁钉感知自己的位置，只需要9个工作人员就实现了智能码头的生产控制；

“中国天眼”FAST是人类历史上最大的射电望远镜，可以接受宇宙深处的电磁波。其设备中有4千多块反射面板，每一块都可以转动，使人类观测太空不再存在死角„„

科技兴则民族兴，科技强则民族强，小明决心学好物理，打好基础，为祖国未来的进一步强大做出自己的贡献。

(1)上海洋山港四期码头地面下埋藏的磁钉周围存在__________；

(2)白雪皑皑的雀儿山的“白雪”是水蒸气__________(选填“凝固”或“凝华”)形成的；(3)从文中提出一个与物理知识相关的问题，并做出正确回答，要求与上述两问不重复。提问：____________________；回答：______________________________。

38.如图L1、L2是规格分别为“6V 6W”、“3V 2.7W”的小灯泡，将它们连在如图的电路中，电源电压恒定不变，当只闭合S时，L2正常发光。(不计温度对灯泡电阻的影响)求：

(1)电源电压；(2)灯泡L的电阻R1

(3)当S、S1都闭合时，10s内电流做的总功

39.某校科技小组参观完湘江航电枢纽后，了解到船只过船闸的时间很长，为此他们在网上查阅资料，设计了一个船只升降实验模型.模型中的左右两个船厢A、B的容积均为2000cm，质量均为400g(含配件).现关闭进水阀和排水阀，使柱形容器E(质量不计)中有足够多的水，在船厢A、B中各装800g的水，整个装置静止后，圆柱体浮筒D浸在水中的深度为8cm，他们依次进行了如下(2)～(3)的操作.假设绳子足够长，不计绳重和伸长，浮筒D与容器E始终无接触，且容器E的水无溢出，实验过程中设法确保装置平稳，忽略摩擦，木头不吸水，ρ木<ρ水，(P水=1.0×10kg/m；g取10N/kg)

(1)船厢中各装800g的水后，求每只船厢所受的总重力；

(2)打开进水阀，在柱形容器E中注入一定质量的水，浮筒D上升，使船厢下降10cm，再关闭进水阀，求：

①船厢A的总重力对A所做的功 ②此时浮筒D浸入水中的深度

(3)当操作(2)使船厢下降10cm后静止时，压强传感器显示4400Pa；接下来，用手使浮筒D保持此刻位置不变，再在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块后，打开排水阀，放出200cm的水后关闭排水阀，然后松手，浮筒D仍然在原位置保持静止，绳C的拉力为18N，压强传感器显示4000Pa；然后，把800g木块同时从船厢中取出，并在船厢中同时注满水，再把900g和1000g的木块分别放入A、B船厢后，当整个装置静止时，压强传感器的示数为ρ1；最后，打开进水阀向容器中缓慢注入m千克水，使压强传感器的示数为3ρ1，再关闭进水阀，求浮筒D的质量和注入圆柱形容器E中的水的质量m。